Zadajući ovaj problem, u petak, sve je objašnjeno. Trebalo je samo pronači ispravan redoslije poteza kako bi se neobranjivo zarobilo sve bijele kamenčiće u problemu. Pa, je li bilo komplicirano? Nije.
U kutu nije moguće bijelome uništiti mogućnost pravljenja jednoga 'oka', ali dva ih tamo ne može uraditi. Stoga treba to drugo onemogućiti u ostatku bijelog nadzora prostora, uz doljnji rub ploče.
Rješenje je 1.D2! Taj crni kamenčić sada ovdje ima tri 'slobode', koliko imaju i bijele dvojke na D- i F-vertikali. Bijelom bi najbolje bili da taj bijeli izolira i zarobi tako da nam mjestu bude i to drugo 'oko'. Može li?
Pogledajmo pokušaje:
- bijeli E3, crni C4. Crni sada ima dvije prijetnje i to vezu s kamenom na D2 igrom
na F1 ili igrom na C3 odsječi i hvatati bijele kamenove na desnoj strani od toga sjecišta.
- bijeli C2, crni E2. Sada su tu dvije daljnje mogućnosti za crnoga i to direkt E3, a ako to bijeli spriječi igrom na E3, išlo bi za crnoga F1.
- bijeli na C4, crni E3, bijeli brani tri kamena sa C3 i crni brani svoj kamen igrom na B5 i sada bijeli ne može na E2, je to crni zarobljava s F1 ili E1 i kasnijim oduzimanjem i zadnje slobode.
Pogledajmo sada još, na neki način, ono što djeluje na prvi pogled najopasnije. Ako bijeli odigra 2. E2, crni kamenčić ima samo dvije 'slobode', bijele dvojke po tri. Matematički (algebarski) to bi trebala biti prednsot za bijeloga, ali crni tu ima trik igrom 3.E1. Problem je za bijeloga što ne smije igrati na F1 radi zarobljavanja na E3. Ako pa krene s lijeve strane s C2, crni veže dva kamena sa D1, a kada bijeli napadne na C1 crni se spoji s vanjskim štitom na F1. Bijeli opet nema dva 'oka' i sav pada.
Jednostavno, zar ne!
bl. Muradenu
Post je objavljen 07.03.2005. u 08:08 sati.